これが成り立つことを、加法定理と正弦定理を利用して証明してみます。
加法定理
sin(x+y)=sinxcosy+cosxsinysin(x+y)=sinxcosy+cosxsiny
のx,yx,yにそれぞれθ1,θ2θ1,θ2を代入した
sin(θ1+θ2)=sinθ1cosθ2+cosθ1sinθ2sin(θ1+θ2)=sinθ1cosθ2+cosθ1sinθ2(1)
θ2,θ3θ2,θ3を代入した
sin(θ2+θ3)=sinθ2cosθ3+cosθ2sinθ3sin(θ2+θ3)=sinθ2cosθ3+cosθ2sinθ3(2)
をつくり、(1),(2)(1),(2)の辺々を掛けます。
sin(θ1+θ2)sin(θ2+θ3)=sinθ1sinθ2cosθ2cosθ3+sinθ1cos2θ2sinθ3+cosθ1sin2θ2cosθ3+cosθ1sinθ2cosθ2sinθ3=sinθ1cos2θ2sinθ3+(sinθ1cosθ3+cosθ1sinθ3)sinθ2cosθ2+cosθ1sin2θ2cosθ3=sinθ1cos2θ2sinθ3+sin(θ1+θ3)sinθ2cosθ2+cosθ1sin2θ2cosθ3sin(θ1+θ2)sin(θ2+θ3)=sinθ1sinθ2cosθ2cosθ3+sinθ1cos2θ2sinθ3+cosθ1sin2θ2cosθ3+cosθ1sinθ2cosθ2sinθ3=sinθ1cos2θ2sinθ3+(sinθ1cosθ3+cosθ1sinθ3)sinθ2cosθ2+cosθ1sin2θ2cosθ3=sinθ1cos2θ2sinθ3+sin(θ1+θ3)sinθ2cosθ2+cosθ1sin2θ2cosθ3
三角関数の相互関係sin2x+cos2x=1sin2x+cos2x=1よりcos2x=1−sin2xcos2x=1−sin2xなので
sin(θ1+θ2)sin(θ2+θ3)=sinθ1(1−sin2θ2)sinθ3+sin(θ1+θ3)sinθ2cosθ2+cosθ1sin2θ2cosθ3=sinθ1sinθ3+sin(θ1+θ3)sinθ2cosθ2+(cosθ1cosθ3−sinθ1sinθ3)sin2θ2sin(θ1+θ2)sin(θ2+θ3)=sinθ1(1−sin2θ2)sinθ3+sin(θ1+θ3)sinθ2cosθ2+cosθ1sin2θ2cosθ3=sinθ1sinθ3+sin(θ1+θ3)sinθ2cosθ2+(cosθ1cosθ3−sinθ1sinθ3)sin2θ2
加法定理cos(x+y)=cosxcosy−sinxsinycos(x+y)=cosxcosy−sinxsinyより
sin(θ1+θ2)sin(θ2+θ3)=sinθ1sinθ3+sin(θ1+θ3)sinθ2cosθ2+cos(θ1+θ3)sin2θ2=sinθ1sinθ3+sinθ2{sin(θ1+θ3)cosθ2+cos(θ1+θ3)sinθ2}=sinθ1sinθ3+sinθ2sin(θ1+θ2+θ3)sin(θ1+θ2)sin(θ2+θ3)=sinθ1sinθ3+sin(θ1+θ3)sinθ2cosθ2+cos(θ1+θ3)sin2θ2=sinθ1sinθ3+sinθ2{sin(θ1+θ3)cosθ2+cos(θ1+θ3)sinθ2}=sinθ1sinθ3+sinθ2sin(θ1+θ2+θ3)
180°−(θ1+θ2+θ3)=θ4180°−(θ1+θ2+θ3)=θ4とすると、三角関数の性質sin(180°−x)=sinxsin(180°−x)=sinxより
sin(θ1+θ2)sin(θ2+θ3)=sinθ1sinθ3+sinθ2sinθ4(ただし、theta1+θ2+θ3+θ4=180°)sin(θ1+θ2)sin(θ2+θ3)=sinθ1sinθ3+sinθ2sinθ4(ただし、theta1+θ2+θ3+θ4=180°)
が成り立つことがわかります。
さらに両辺に4R24R2 (R>0)(R>0)を掛けて
4R2sin(θ1+θ2)sin(θ2+θ3)=4R2sinθ1sinθ3+4R2sinθ2sinθ44R2sin(θ1+θ2)sin(θ2+θ3)=4R2sinθ1sinθ3+4R2sinθ2sinθ4(3)
とします。
弦ABABに対する円周角∠ACB,∠ADB∠ACB,∠ADBの大きさをθ1θ1、弦BCBCに対する円周角∠BAC,∠BDC∠BAC,∠BDCの大きさをθ2θ2、弦CDCDに対する円周角∠CAD,∠CBD∠CAD,∠CBDの大きさをθ3θ3、弦ADADに対する円周角∠ABD,∠ACD∠ABD,∠ACDの大きさをθ4θ4とします。
このとき円に内接する四角形の性質より
∠ADC+∠ABC=(θ1+θ2)+(θ3+θ4)=180°∴θ1+θ2+θ3+θ4=180°∠ADC+∠ABC=(θ1+θ2)+(θ3+θ4)=180°∴θ1+θ2+θ3+θ4=180°
が成り立ちます。(つまり、(3)(3)における角度の条件を満たしています。)
また、△ACD△ACDに着目して正弦定理より
ACsin(θ1+θ2)=CDsinθ3=ADsinθ4=2RACsin(θ1+θ2)=CDsinθ3=ADsinθ4=2R
であることから
AC=2Rsin(θ1+θ2)CD=2Rsinθ3AD=2Rsinθ4AC=2Rsin(θ1+θ2)CD=2Rsinθ3AD=2Rsinθ4(4)(5)(6)
が成り立ちます。
同様に△ABD△ABDに着目して
BDsin(θ2+θ3)=ABsinθ1=2RBDsin(θ2+θ3)=ABsinθ1=2R
であることから
BD=2Rsin(θ2+θ3)AB=2Rsinθ1BD=2Rsin(θ2+θ3)AB=2Rsinθ1(7)(8)
が、△ABC△ABCに着目して
BCsinθ2=2RBCsinθ2=2R
であることから
BC=2Rsinθ2BC=2Rsinθ2(9)
が成り立ちます。
ここで、(3)(3)を変形して(4)~(9)(4)~(9)を代入すると
2Rsin(θ1+θ2)⋅2Rsin(θ2+θ3)=2Rsinθ1⋅2Rsinθ3+2Rsinθ2⋅2Rsinθ4AC⋅BD=AB⋅CD+BC⋅AD
すなわち、
AB⋅CD+AD⋅BC=AC⋅BD
となるため、トレミーの定理は成り立つことがわかります。
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