すなわち、四面体の互いに垂直な面の面積をそれぞれP, Q, R、もう1つの面の面積をSとおくと
\large P^2+Q^2+R^2=S^2
が成り立つということです。
これが成り立つことを確かめてみます。
3つの面が互いに垂直な四面体は、座標空間の原点と原点以外の各座標軸上の任意の点を結ぶことでつくることができます。
原点\text{O}以外の各座標軸上の3点の座標をそれぞれ\text{A}(a,0,0),\text{B}(0,b,0),\text{C}(0,0,c)とすると、四面体O-ABCの互いに垂直な面は\text{OA}\perp \text{OB}\perp \text{OC}より面\text{OAB, OBC, OCA}となります。
原点\text{O}以外の各座標軸上の3点の座標をそれぞれ\text{A}(a,0,0),\text{B}(0,b,0),\text{C}(0,0,c)とすると、四面体O-ABCの互いに垂直な面は\text{OA}\perp \text{OB}\perp \text{OC}より面\text{OAB, OBC, OCA}となります。
面\text{OAB}の面積Pは\text{OA}=|a|, \text{OB}=|b|, \text{OA}\perp \text{OB}より
\begin{align*}P&=\frac{|a||b|}{2}\\[0.5em]&=\frac{|ab|}{2}&(\because
|a||b|=|ab|)\tag1\end{align*}
また、三平方の定理より
\begin{align*}\text{AB}^2&=\text{OA}^2+\text{OB}^2\\[0.5em]&=|a|^2+|b|^2\\[0.5em]&=a^2+b^2&(\because
|a|^2=a^2)\\[0.5em]\text{AB}&=\sqrt{a^2+b^2}&(\because
\text{AB}>0)\tag2\end{align*}
面\text{OBC}の面積Qは\text{OB}=|b|, \text{OC}=|c|, \text{OB}\perp \text{OC}より
Q=\frac{|bc|}{2}\tag3
また、三平方の定理より
\begin{align*}\text{BC}^2&=\text{OB}^2+\text{OC}^2\\[0.5em]&=b^2+c^2\\[0.5em]\text{BC}&=\sqrt{b^2+c^2}&(\because
\text{BC}>0)\tag4\end{align*}
面\text{OCA}の面積Rは\text{OC}=|c|, \text{OA}=|a|, \text{OC}\perp \text{OA}より
R=\frac{|ca|}{2}\tag5
また、三平方の定理より
\begin{align*}\text{CA}^2&=\text{OC}^2+\text{OA}^2\\[0.5em]&=c^2+a^2\\[0.5em]\text{CA}&=\sqrt{c^2+a^2}&(\because
\text{CA}>0)\tag6\end{align*}
面\text{ABC}の面積Sは(2),(4),(6)とヘロンの公式より(根号内で改行あり)
(1),(3),(5)より面\text{OAB, OBC, OCA}の面積の2乗の和は
\begin{align*}S&=\frac{1}{4}\sqrt{\begin{aligned}&(\sqrt{a^2+b^2}+\sqrt{b^2+c^2}+\sqrt{c^2+a^2})(-\sqrt{a^2+b^2}+\sqrt{b^2+c^2}+\sqrt{c^2+a^2})\\
&\cdot(\sqrt{a^2+b^2}-\sqrt{b^2+c^2}+\sqrt{c^2+a^2})(\sqrt{a^2+b^2}+\sqrt{b^2+c^2}-\sqrt{c^2+a^2})\end{aligned}}\\[0.5em]&=\frac{1}{4}\sqrt{\begin{aligned}&\bigl\{(\sqrt{b^2+c^2}+\sqrt{c^2+a^2})+\sqrt{a^2+b^2}\bigr\}\bigl\{(\sqrt{b^2+c^2}+\sqrt{c^2+a^2})-\sqrt{a^2+b^2}\bigr\}\\
&\cdot\bigl\{\sqrt{a^2+b^2}-(\sqrt{b^2+c^2}-\sqrt{c^2+a^2})\bigr\}\bigl\{(\sqrt{a^2+b^2}+(\sqrt{b^2+c^2}-\sqrt{c^2+a^2})\bigr\}\end{aligned}}\\[0.5em]&=\frac{1}{4}\sqrt{\begin{aligned}&\bigl\{(\sqrt{b^2+c^2}+\sqrt{c^2+a^2})^2-(a^2+b^2)\bigr\}\\
&\cdot\bigl\{(a^2+b^2)-(\sqrt{b^2+c^2}-\sqrt{c^2+a^2})^2\bigr\}\end{aligned}}\\[0.5em]&=\frac{1}{4}\sqrt{\begin{aligned}&\Big[\bigl\{(b^2+c^2)+(c^2+a^2)+2\sqrt{b^2+c^2}\sqrt{c^2+a^2}\bigr\}-(a^2+b^2)\Bigr]\\
&\cdot\Bigl[(a^2+b^2)-\bigl\{(b^2+c^2)+(c^2+a^2)-2\sqrt{b^2+c^2}\sqrt{c^2+a^2}\bigr\}\Bigr]\end{aligned}}\\[0.5em]&=\frac{1}{4}\sqrt{2(\sqrt{b^2+c^2}\sqrt{c^2+a^2}+c^2)\cdot2(\sqrt{b^2+c^2}\sqrt{c^2+a^2}-c^2)}\\[0.5em]&=\frac{1}{2}\sqrt{\sqrt{b^2+c^2}\sqrt{c^2+a^2}+c^2)(\sqrt{b^2+c^2}\sqrt{c^2+a^2}-c^2)}\\[0.5em]&=\frac{1}{2}\sqrt{(b^2+c^2)(c^2+a^2)-c^4}\\[0.5em]&=\frac{1}{2}\sqrt{(a^2b^2+b^2c^2+c^2a^2+c^4)-c^4}\\[0.5em]&=\frac{1}{2}\sqrt{a^2b^2+b^2c^2+c^2a^2}\end{align*}
両辺を2乗すると
S^2=\frac{1}{4}(a^2b^2+b^2c^2+c^2a^2)
となり、
(1),(3),(5)より面\text{OAB, OBC, OCA}の面積の2乗の和は
\begin{align*}P^2+Q^2+R^2&=\frac{|ab|^2}{4}+\frac{|bc|^2}{4}+\frac{|ca|^2}{4}\\[0.5em]&=\frac{a^2b^2}{4}+\frac{b^2c^2}{4}+\frac{c^2a^2}{4}\\[0.5em]&=\frac{1}{4}(a^2b^2+b^2c^2+c^2a^2)\end{align*}
となるので、
P^2+Q^2+R^2=S^2
が成り立つことがわかります。
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