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令和6年度共通テスト 数学Ⅰ・A 第4問 (3)だけ解説してみる

 N進法タイマーの表示の変化がN進法の下3桁と同じであることに着目するとタイマーの表示が012012となるのは、経過時間がN進法で1000x+121000x+12[秒](x:x:整数)のときであることがわかります。

すると4進法タイマーの場合、10001000は10進数で43=6443=64121241+40×2=641+40×2=6なので、タイマーの表示が012012であるときの経過時間は10進数で64x+664x+6[秒]ということです。

経過時間をll[秒]とおいているので
l=64x+6l=64x+6
という式を立てることができます。これはll6464の倍数に66を加えたものに等しい、すなわちll6464で割った余りが66であることを表しています。

 同様に3進法タイマーの場合、10001000は10進数で33=2733=27121231+30×2=531+30×2=5なので、タイマーの表示が012012であるときの経過時間は10進数で27y+527y+5[秒](y:y:整数)ということです。

3進法タイマーと4進法タイマーを同時にスタートさせ、初めて同時に012012を表示するということは、それぞれのタイマーの表示が012012となるときの経過時間について
64x+6=27y+5
が成り立ち、これを満たす整数の組(x,y)が最小の自然数の組であるということです。
(1)を変形すると
64x+27y=1
という不定方程式となるので、まずはユークリッドの互除法をもちいてすべての整数解を求めます。
y,xそれぞれの係数の絶対値27,6427=33,64=43=26より共通する素因数がないので互いに素であることがわかります。
この2つの数に対しユークリッドの互除法を余りに1が現れるまで行います。
64÷27=2 1027÷10=2 710÷7=1 37÷3=2 1
これら(2) (5)を変形すると
64272=1027102=7107=3732=1
となります。
×を残したまま(5)(4)を代入すると
7(107)2=173102=1
これに(3)を代入すると
(27102)3102=1273108=1
さらに(2)を代入すると
273(64272)8=1648+2719=1
となり、(1)(6)を比較すると整数解の1つは(x,y)=(8,19)であることがわかります。
(1)(6)より
64x+27y=1)648+2719=164(x8)+27(y19)=0
変形して
64(x8)=27(y19)
となります。
前述の通り2764は互いに素であるので、この等式が成立するということはy1964の倍数、x827の倍数であるということです。
そこで両辺の値を整数kをもちいて
64(x8)=27(y19)=2764k
と表せるとすれば、
x8=27kより
x=27k+8
y19=64kより
y=64k+19
となり、(x,y)=(27k+8,64k+19)がすべての整数解となります。
この中で(x,y)が最小の自然数の組となるのはk=0のとき、すなわち最初に求まった整数解(x,y)=(8,19)であることがわかります。
したがって、3進法タイマーと4進法タイマーを同時にスタートさせ、初めて同時に012を表示するときの経過時間m64x+6x=8を代入した
m=648+6=518
となります。(27y+5y=19を代入しても構いません。)

 6進法タイマーが012を表示するのは、1000は10進数で63=2161261+60×2=8なので、216z+8[秒](z:整数)経過したときです。
なので、4進法タイマーと6進法タイマーが初めて同時に012を表示するのは
64x+6=216z+8
を満たす最小の自然数の組(x,z)です。
(6)を変形すると
64x216z=2
両辺を2で割れるので割ると
32x108z=1
となります。
ここで左辺を
2(16x54z)=1
と変形すると、左辺はx,zが整数であることより16x54zも整数なので2の倍数、すなわち偶数です。対して右辺は1、すなわち奇数です。
両辺で偶奇が一致していないので、この不定方程式に整数解は存在しません。
したがって、4進法タイマーと6進法タイマーを同時にスタートさせたとき同時に012を表示することはありません。

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